diff --git a/coin-change/okyungjin.py b/coin-change/okyungjin.py
new file mode 100644
index 0000000000..5941cb14e7
--- /dev/null
+++ b/coin-change/okyungjin.py
@@ -0,0 +1,43 @@
+# coins: 동전의 가격이 적힌 정수 배열, 각 숫자는 유니크함, 정렬에 대한 언급 X, (1 <= coins.length <= 12)
+# amount: 돈의 총합
+
+# amount를 만들 수 있는 가장 적은 동전의 수를 반환한다.
+# coins로 amount를 만들 수 없는 경우 -1을 반환
+# 동전의 종류는 무한대라고 가정하고 문제를 풀 것
+
+# 처음에는 greedy로 접근하려고 했는데, 금액이 큰 동전을 먼저 선택하는게 최소 동전의 수가 아니라서 dp로 풀이했다.
+
+# [복잡도]
+# C: 코인의 개수, # A: amount
+# 시간 복잡도: O(A * C)
+# 공간 복잡도: O(A)
+class Solution:
+    def coinChange(self, coins: List[int], amount: int) -> int:
+        NOT_POSSIBLE = amount + 1
+
+        # min_coins: 금액을 만드는데 필요한 동전 개수를 저장하는 배열
+        # min_coins[i]: i원을 만드는데 필요한 최소 동전의 개수
+        min_coins = [NOT_POSSIBLE] * (amount + 1)
+        min_coins[0] = 0
+
+        # 최적화를 위해 정렬
+        coins.sort()
+        
+        for cur_amount in range(1, amount + 1):
+            # coin: 선택한 동전의 금액
+            for coin in coins:
+                # coins가 정렬되어 있으므로, cur_amount 보다 동전의 금액이 더 크면 이후는 확인 불필요
+                if coin > cur_amount:
+                    break
+                
+                # 둘 중 더 작은 값으로 업데이트
+                # 1. 기존에 구한 개수
+                # 2. 현재 동전을 1개 추가해서 만드는 개수
+                min_coins[cur_amount] = min(min_coins[cur_amount], min_coins[cur_amount - coin] + 1)
+        
+        # 초기화된 값 그대로이면 불가능한 조합이므로 -1 반환
+        if min_coins[amount] == NOT_POSSIBLE:
+            return -1
+        # 최소 동전의 개수를 반환
+        else:
+            return min_coins[amount]
diff --git a/find-minimum-in-rotated-sorted-array/okyungjin.py b/find-minimum-in-rotated-sorted-array/okyungjin.py
new file mode 100644
index 0000000000..bbcdf18b9f
--- /dev/null
+++ b/find-minimum-in-rotated-sorted-array/okyungjin.py
@@ -0,0 +1,32 @@
+# [문제 분석]
+# nums: 오름차순 정렬, 정수 배열, 중복 없음
+# 배열에서 가장 작은 수를 찾아 반환
+# 조건: O(log n)으로 작성할 것
+
+# [접근법]
+# 정렬된 배열이 주어지고, 배열이 n번 회전한다. 추세가 꺾이는 부분을 찾아 탐색 범위를 좁힌다.
+# 배열이 정렬되어 있다는 조건이 있으므로 이진 탐색을 통해 탐색 범위를 좁혀 log n으로 탐색이 가능하다.
+
+# [복잡도]
+# 시간 복잡도: O(log n), 이진 탐색을 하므로 log n
+# 공간 복잡도: O(1)
+class Solution:
+    def findMin(self, nums: List[int]) -> int:
+
+        # 왼쪽/오른쪽 값의 인덱스 계산
+        left = 0 
+        right = len(nums) - 1
+
+        while left < right:
+            # 중간값 인덱스
+            mid = (left + right) // 2
+
+            # 중간값과 오른쪽 값을 비교해 추세가 꺾이는지 비교
+            if nums[mid] > nums[right]:
+                # 추세 안 꺾임, 시작점을 중간값 인덱스 바로 다음으로 옮긴다
+                left = mid + 1
+            else:
+                # 추세 꺾임, 종료지점을 중간값 인덱스로 옮겨준다
+                right = mid
+
+        return nums[left]
diff --git a/maximum-depth-of-binary-tree/okyungjin.py b/maximum-depth-of-binary-tree/okyungjin.py
new file mode 100644
index 0000000000..98a1a00f39
--- /dev/null
+++ b/maximum-depth-of-binary-tree/okyungjin.py
@@ -0,0 +1,28 @@
+# Definition for a binary tree node.
+# class TreeNode:
+#     def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
+#         self.val = val
+#         self.left = left
+#         self.right = right
+
+# 시간 복잡도: O(N), 모든 노드를 한번 씩 방문
+# 공간 복잡도: O(N), 최악의 경우 모든 노드가 큐에 담길 수 있음
+class Solution:
+    def maxDepth(self, root: Optional[TreeNode]) -> int:
+        if root is None:
+            return 0
+
+        max_depth = 1
+        stack = [(root, 1)]
+
+        while stack:
+            node, cur_depth = stack.pop()
+            max_depth = max(cur_depth, max_depth)
+
+            if node.left:
+                stack.append((node.left, cur_depth + 1))
+
+            if node.right:
+                stack.append((node.right, cur_depth + 1))
+
+        return max_depth
diff --git a/merge-two-sorted-lists/okyungjin.py b/merge-two-sorted-lists/okyungjin.py
new file mode 100644
index 0000000000..b1a704b56a
--- /dev/null
+++ b/merge-two-sorted-lists/okyungjin.py
@@ -0,0 +1,110 @@
+# from typing import Optional, List
+
+# class ListNode:
+#     def __init__(self, val=0, next=None):
+#         self.val = val
+#         self.next = next
+
+#     # 파이썬의 toString 역할을 하는 __repr__을 [1,3,4] 형태로 출력되게 수정
+#     def __repr__(self):
+#         nodes = []
+#         curr = self
+#         while curr:
+#             nodes.append(str(curr.val))
+#             curr = curr.next
+#         return "[" + ",".join(nodes) + "]"
+
+# # 파이썬 list를 ListNode 리스트로 변환해주는 헬퍼 함수
+# def make_linked_list(arr: List[int]) -> Optional[ListNode]:
+#     if not arr:
+#         return None
+#     dummy = ListNode(0)
+#     curr = dummy
+#     for val in arr:
+#         curr.next = ListNode(val)
+#         curr = curr.next
+#     return dummy.next
+
+
+# list1의 노드 개수를 n, list2의 노드 개수를 m이라 할 때
+# 시간 복잡도: O(n + m)
+# 공간 복잡도: O(n + m)
+class Solution_01:
+    def mergeTwoLists(self, list1: Optional[ListNode], list2: Optional[ListNode]) -> Optional[ListNode]:
+        # 맨 앞에 더미 노드를 하나 추가한다
+        # 없는 상태로 짰는데 if node: else: 구문 늘어나서 맨 앞에 가상의 노드를 하나 추가해줬다
+        dummy = ListNode(None)
+        node = dummy
+        
+        while True:
+            # list1이 비어있으면 현재 노드 뒤로 list2를 이어준다.
+            if not list1:
+                node.next = list2
+                break
+            
+            # list2가 비어있으면 현재 노드 뒤로 list1을 이어준다.
+            if not list2:
+                node.next = list1
+                break
+                
+            # 값을 비교해서 작은 값을 next 노드에 추가한다.
+            if list1.val <= list2.val:
+                node.next = ListNode(list1.val)
+                # list1 하나 소비
+                list1 = list1.next
+            else:
+                node.next = ListNode(list2.val)
+                # list2 하나 소비
+                list2 = list2.next
+    
+            # 다음 노드를 현재 노드로 할당해준다
+            node = node.next
+
+        return dummy.next
+    
+
+# [접근법] Solution_01 의 공간 복잡도를 개선했습니다.
+# ListNode를 새로 생성하지 않고 기존 노드를 활용하도록 수정했습니다.
+
+# list1의 노드 개수를 n, list2의 노드 개수를 m이라 할 때
+# 시간 복잡도: O(n + m)
+# 공간 복잡도: O(1) -> dummy만 사용, 추가 공간 복잡도는 O(1)
+class Solution:
+    def mergeTwoLists(self, list1: Optional[ListNode], list2: Optional[ListNode]) -> Optional[ListNode]:
+        # 맨 앞에 더미 노드를 하나 추가한다
+        # 없는 상태로 짰는데 if node: else: 구문 늘어나서 맨 앞에 가상의 노드를 하나 추가해줬다
+        dummy = ListNode(None)
+        node = dummy
+        
+        while True:
+            if not list1: # list1이 비어있으면 현재 노드 뒤로 list2를 이어준다.
+                node.next = list2
+                break
+            
+            if not list2: # list2가 비어있으면 현재 노드 뒤로 list1을 이어준다.
+                node.next = list1
+                break
+                
+            # 값을 비교해서 작은 값을 next 노드에 추가한다.
+            if list1.val <= list2.val:
+                node.next = list1 # 새로운 ListNode를 생성하지 않고 list1를 할당해준다.
+                list1 = list1.next # list1 하나 소비
+            else:
+                node.next = list2 # 새로운 ListNode를 생성하지 않고 list2를 할당해준다.
+                list2 = list2.next # list2 하나 소비
+    
+            # 다음 노드를 현재 노드로 할당해준다
+            node = node.next
+
+        return dummy.next
+
+
+# 4. 예시 입력으로 호출 및 테스트
+# if __name__ == "__main__":
+#     list1 = make_linked_list([1, 2, 4])
+#     list2 = make_linked_list([1, 3, 4])
+    
+#     solution = Solution()
+#     merged_list = solution.mergeTwoLists(list1, list2)
+
+#     print(merged_list)
diff --git a/word-search/okyungjin.py b/word-search/okyungjin.py
new file mode 100644
index 0000000000..84989c32aa
--- /dev/null
+++ b/word-search/okyungjin.py
@@ -0,0 +1,100 @@
+# board: 영문 대/소문자 배열, m * n
+# board의 상하좌우로 인접한 문자열을 이어붙여서 word를 완성할 수 있는지 여부를 반환한다.
+# 단, 셀은 한번만 사용 가능하다
+
+# dfs를 통해 백트랙킹으로 정답을 찾도록 구현했다.
+
+# L: word 의 길이
+# 시간 복잡도: O(m * n * 4^L)
+# 공간 복잡도: O(m * n + L)
+class SolutionA:
+    def exist(self, board: List[List[str]], word: str) -> bool:
+        row_size = len(board)
+        col_size = len(board[0])
+
+        # 방문 여부를 기록하는 2차원 배열
+        visited = [[False] * col_size for _ in range(row_size)]
+
+        def dfs(row, col, str_idx) -> bool:
+            if str_idx == len(word):
+                return True
+            
+            # 종료조건1: 보드의 좌표를 넘어가는 경우
+            if row < 0 or row >= row_size or col < 0 or col >= col_size:
+                return False
+            
+            # 종료조건 2: 이미 방문함
+            # 종료조건 3: 문자열 불일치
+            if visited[row][col] or board[row][col] != word[str_idx]:
+                return False
+            
+        
+            visited[row][col] = True
+
+            # 차례대로 상, 하, 좌, 우의 좌표를 탐색
+            found = (dfs(row - 1, col, str_idx + 1) or \
+                    dfs(row + 1, col, str_idx + 1) or \
+                    dfs(row, col - 1, str_idx + 1) or \
+                    dfs(row, col + 1, str_idx + 1))
+
+            visited[row][col] = False # 백트래킹
+
+            return found
+
+
+        # 시작점을 찾는다
+        for r in range(row_size):
+            for c in range(col_size):
+                if board[r][c] == word[0] and dfs(r, c, 0):
+                    return True
+
+        return False
+
+# SolutionA 의 공간복잡도 최적화 버전, visited 제거
+# L: word 의 길이
+# 시간 복잡도: O(m * n * 4^L)
+# 공간 복잡도: O(L)
+class Solution:
+    def exist(self, board: List[List[str]], word: str) -> bool:
+        VISITED_MARK = '#'
+
+        row_size = len(board)
+        col_size = len(board[0])
+
+        def dfs(row, col, str_idx) -> bool:
+            if str_idx == len(word):
+                return True
+            
+            # 종료조건1: 보드의 좌표를 넘어가는 경우
+            if row < 0 or row >= row_size or col < 0 or col >= col_size:
+                return False
+            
+            # 종료조건 2: 이미 방문함
+            # 종료조건 3: 문자열 불일치
+            if board[row][col] == VISITED_MARK or board[row][col] != word[str_idx]:
+                return False
+            
+
+            # VISITED_MARK로 교체하여 방문을 기록
+            origin_char = board[row][col]
+            board[row][col] = VISITED_MARK
+
+            # 차례대로 상, 하, 좌, 우의 좌표를 탐색
+            found = (dfs(row - 1, col, str_idx + 1) or \
+                    dfs(row + 1, col, str_idx + 1) or \
+                    dfs(row, col - 1, str_idx + 1) or \
+                    dfs(row, col + 1, str_idx + 1))
+
+            # 원본 문자열로 복원
+            board[row][col] = origin_char
+
+            return found
+
+
+        # 시작점을 찾는다
+        for r in range(row_size):
+            for c in range(col_size):
+                if board[r][c] == word[0] and dfs(r, c, 0):
+                    return True
+
+        return False